您好、欢迎来到现金彩票网!
当前位置:棋牌游戏网 > 丙射线 >

ID:6-5600760] 2018-2019学年浙江省宁波市慈溪市高三(上)期末

发布时间:2019-05-30 17:11 来源:未知 编辑:admin

  江苏省通州区、海门市、启东三县联考2019届高三上学期期末考试(word版含解析)

  湖南省安乡县第五中学2019届高三上学期第四次月考物理试题(word版含解析)

  辽宁省凌源市第二高级中学2019届高三上学期期末物理考试(word版含解析)

  上海市静安区2019届高三上学期期末质量检测物理试题(word版含解析)

  2018-2019学年安徽省池州市高三(上)期末物理试卷word版含解析

  2018-2019学年浙江省宁波市慈溪市高三(上)期末物理试卷 选择题1(本题共15小题,每小题3分,共45分。在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是正确的,不选、多选、错选均不得分) 1.(3分)下列物理量属于矢量的是( ) A.电势差 B.线速度 C.电流 D.磁通量 2.(3分)北京时间2018年4月13日晚上1900全国游泳冠军赛男子200米自由泳决赛进行,孙杨以1分46秒07轻松夺冠(国际标准游泳池长50米),下列说法正确的是( ) A.在研究孙杨的技术动作时,不能把孙杨看成质点 B.“时间2018年4月13日晚上1900指的是时间间隔 C.在游泳过程中,以游泳池里的水为参考系孙杨是静止的 D.孙杨200米自由泳的平均速度为1.92m/s 3.(3分)如图所示,有向直线为某点电荷电场中的一条电场线,其上两点a、b相距为d,电势差为U,b点的场强大小为E,把电荷量为q的试探电荷从a点移到b点,电场力做功为,该试探电荷在a点所受的电场力大小为F,下列关系式一定正确的是( ) A.E= B.U=Ed C.E= D.U= 4.(3分)下列关于运动和力的叙述,正确的是( ) A.图中,蹲在体重计上的人突然站起的瞬间指针示数会大于人的重力G B.图中,在玻璃漏斗中做匀速圆周运动的小球受到的合外力是恒力 C.图中,在水平直跑道上减速的航天飞机,伞对飞机的拉力大于飞机对伞的拉力 D.图中,滑冰运动员通过圆弧弯道处,若此时地面摩擦力突然消失,则他将在冰面上沿着轨迹半径方向“离心”而去 5.(3分)据图判断下列有关电容器的说法正确的是( ) A.图甲为电容器充电示意图,充电后电流表的示数为零时,两极板间的电压U与电源的电动势E数值相等 B.图乙为原来带电的电容器放电示意图,放电过程中电流大小保持不变 C.图丙为电解电容器的实物图和符号,图丁为可变电容器实物图和符号,这两种电容器接入电路时都应区分正负极 D.图戊中的电容器上有“5.5V,1.0F”字样,说明该电容器只有两端加上5.5V的电压时电容才为1.0F 6.(3分)现在城市的滑板运动非常流行,在水平地面上一名滑板运动员双脚站在滑板上以一定速度向前滑行,在横杆前起跳并越过杆,从而使人与滑板分别从杆的上方、下方通过,如图所示,假设人和滑板运动过程中受到的各种阻力忽略不计,若运动员顺利地完成了该动作,最终仍落在滑板原来的位置上,则下列说法正确的是一原( ) A.运动员起跳时,双脚对滑板作用力的合力竖直向下 B.起跳时双脚对滑板作用力的合力向下偏后 C.运动员在空中最高点速度为0,处于失重状态 D.运动员在空中做曲线运动,单位时间内速率的变化相同 7.(3分)如图是两点电荷组成了电荷系统,其电场线分别如图所示,图中实线为电场线,未标注方向,虚线上A、B、C、D等间距根据图象可判断( ) A.电场是客观存在的物质,电场线也是客观存在的 B.B和C处两点电荷电量相等,电性相反 C.图中的A点和D点附近没有电场线,所以电场强度为零试探电荷置于A点和D点都不受电场力作用 D.若把一个带负电的试探电荷从A移到B,无法判断电场力做正功还是负功 8.(3分)高中体育课上身高1米7的小明同学参加俯卧撑体能测试,在60s内完成35次标准动作,则此过程中该同学克服重力做功的平均功率最接近于( ) A.45W B.90W C.180W D.250W 9.(3分)2018年5月9日凌晨2时28分,我国在太原卫星发射中心,用长征四号丙运载火箭将高分五号卫星送入705公里高度的轨道,高分五号卫星和之前发射的高分四号卫星都绕地球做匀速圆周运动。高分四号卫星是一颗相对地球赤道某位置静止的光学遥感卫星,下列关于这两颗卫星说法正确的是( ) A.高分四号卫星绕地球运动的周期小于24小时 B.高分五号卫星的线速度小于高分四号卫星的线速度 C.高分五号卫星的运行周期小于高分四号卫星的运行周期 D.高分五号卫星的向心加速度小于高分四号卫星的向心加速度 10.(3分)如图所示是某同学自制的电流表原理图。质量为m的均匀细金属杆MN与一竖直悬挂 的绝缘轻质弹簧相连,弹簧劲度系数为k在边长ab=L1、bc=L2的矩形区域abcd内有 匀强磁场,磁感应强度大小为B,方向垂直于纸面向外,MN的右端连接一绝缘轻指针 可指示出标尺上的刻度,MN的长度大于a,当M中没有电流通过且MN处于静止状态 时,MN与ab边重合,且指针指在标尺的零刻度处;当MN中有电流时,指针示数可表 示电流大小MN始终在纸面内且保持水平,重力加速度g则( ) A.要使电流表正常工作,金属杆中电流方向应从N至M B.当该电流表的示数为零时,弹簧的伸长量为零 C.该电流表的最大量程是Im= D.该电流表的刻度在0﹣Im范围内是不均匀的 11.(3分)如图甲所示为小球在一端固定于O点的轻弹簧的牵引下在光滑水平面上做椭圆运动的轨迹,图乙为某卫星绕地球做椭圆运动的轨迹,则下列说法中正确的是( ) A.小球由B经C到D点时间与由D经A到B点的时间不相等 B.卫星由B′经C′到D′点时间与由D′经A′到B′点的时间相等 C.小球在A点的速度小于小球在B点的速度 D.若卫星在C′点的速度大小为v,则卫星在C′的加速度大小为 12.(3分)如图所示,某同学用玻璃皿在中心放一个圆柱形电极接电源的负极,沿边缘放一个圆环形电极接电源的正极做“旋转的液体的实验”,若蹄形磁铁两极间正对部分的磁场视为匀强磁场,磁感应强度为B=0.1T,玻璃皿的横截面的半径为a=0.05m,电源的电动势为E=3V,内阻r=0.1Ω,限流电阻R0=4.9Ω,玻璃皿中两电极间液体的等效电阻为R=0.9Ω,闭合开关后当液体旋转时电压表的示数恒为1.5V,则( ) A.由上往下看,液体做顺时针旋转 B.液体所受的安培力大小为1.5×10﹣4N C.闭合开关10s,液体具有的热能是4.5J D.闭合开关后,液体热功率为0.081W 13.(3分)18世纪,数学家莫佩尔蒂,哲学家伏尔泰曾经设想“穿透地球:假设能够沿着地球两极连线开凿一条沿着地轴的隧道贯穿地球,一个人可以从北极入口A由静止自由落入隧道中,忽略一切阻力,此人可以从南极出口B飞出,已知此人的质量m=50kg:地球表面处重力加速度取g=10m/s2:地球半径R=6.4×106m:假设地球可视为质量分布均匀的球体。均匀球壳对壳内任一点的质点合引力为零,则以下说法正确的是( ) A.人与地球构成的系统,由于重力发生变化,故机械能不守恒 B.人在下落过程中,受到的万有引力与到地心O的距离的平方成反比 C.人从北极开始下落,到刚好经过地心O的过程,万有引力对人做功F=3.2×109J D.当人下落经过距地心R瞬间,人的瞬时速度大小为4×103m/s 14.(3分)家电待机耗电问题常常被市民所忽略。宁波市电力公司曾举办“计量日进您家”活动,免费上门为市民做家庭用电耗能诊断分析。在上门实测过程中,技术人员发现电视机待机一天的耗电量在0.2度左右,小小机顶盒一天的待机耗电量更是高达0.4度。据最新统计宁波市的常住人口约760万人,参考下表数据,估算每年宁波市家庭用电器待机耗电量约为( ) 家庭常用电器 电视机 洗衣机 空调 电脑 户均数量(台) 2 1 2 1 电器待机功耗(W/台) 10 20 40 40 A.3×105度 B.3×107度 C.3×109度 D.3×1011度 15.(3分)反射式速调管是常用的微波器件之一,它利用电子团在电场中的振荡来产生微波,其振荡原理与下述过程类似,已知静电场的方向平行于x轴,其电势q随x的分布如图所示,一质量m=1.0×10﹣20kg,带电荷量大小为q=1.0×10﹣9C的带负电的粒子从(1,0)点由静止开始,仅在电场力作用下在x轴上往返运动。忽略粒子的重力等因素,则( ) A.x轴左侧的电场强度方向与x轴正方向同向 B.x轴左侧电场强度E1和右侧电场强度E2的大小之比E1:E2=2:1 C.该粒子运动的周期T=1.5×10﹣8s D.该粒子运动的最大动能Ekm=2×10﹣8J 二、选择题Ⅱ(本题共3小题.每小题3分,共9分.在每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对的得3分,选不全的得1分,有选错或不答的得0分) 16.(3分)下列说法正确的是( ) A.彩超是利用超声波反射波相对发射波的频率变化测量血液流速,利用了波的干涉 B.海市蜃楼是一种因为光的折射和全反射而形成的自然现象 C.牛顿环是两个玻璃表面间的空气膜引起薄膜干涉形成的,亮暗相间的环状条纹距离相等 D.狭缝越窄,屏上中央亮条就越宽,表明更窄的狭缝可以更准确地测得粒子的位置,但粒子的动量的不确定却更大了 17.(3分)如图所示,甲图是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=2s时的波动图象,乙图是该波传播方向上介质中x1=6m质点从t=0时刻起的振动图象,a、b是介质中平衡位置为x1=3m和x2=5m的两个质点,下列说法正确的是( ) A.该波的波速是2m/s B.在t=2s时刻,a、b两质点的速度相同 C.x=200m处的观察者向x轴负方向运动时,接收到该波的频率一定为0.25Hz D.若该波在传播过程中遇到尺寸为7m的障碍物,会发生明显的衍射现象 18.(3分)下列四幅图的有关说法中正确的是( ) A.甲图中,球m1以速度v碰静止球m2,若两球质量相等,碰后m2的速度一定为v B.乙图中,在光颜色保持不变的情况下,入射光越强,饱和光电流越大 C.丙图中,射线甲由电子组成,射线乙为电磁波,射线丙由α粒子组成 D.丁图中,链式反应属于重核的裂变 三、计算题(本题共4小题,共46分.解答过程应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.) 19.(8分)如图所示是冬奥会项目冰壶比赛场地示意图,左侧是投掷区域,起点靠近挡板处固定有起滑架,供掷壶的运动员蹬踏之用,右侧大本营。比赛时,我国队员在场上交流用时间代表掷冰壶的力度,例如说“10s”、“12s”“13s”等,那指的是冰壶在起点线A和前卫线B之间运动所用的时间,冰壶与冰面的动摩擦因数μ=0.015,g=10ms2 (1)运动员不做擦冰等人为干预的动作,冰壶从起点线A沿直线前进不与其他冰壶碰撞,冰壶可以停在大本营的丁字线D处,请估算这种情况冰壶离开起点线A到前卫线B之间所用的时间t(保留小数点后面一位) (2)已知冰壶的质量为20kg,冰壶是从投掷区的后卫线C由静止开始运动,到起点线A处被释放,最终停止在大本营的丁字线处,则运动员对冰壶做了多少功? 20.(12分)三维弹球(DPmb1D是Window里面附带的一款使用键盘操作的电脑游戏,小明同学受此启发,在学校组织的趣味班会上,为大家提供了一个类似的弹珠游戏。如图所示,将一质量为0.1kg的小弹珠(可视为质点)放在O点,用弹簧装置将其弹出,使其沿着光滑的半圆形轨道OA和AB运动,BC段为一段长为L=5m的粗糙水平面,与一倾角为45°的斜面CD相连,圆弧OA和AB的半径分别为r=0.49m,R=0.98m,滑块与BC段的动摩擦因数为μ=0.4,C点离地的高度为H=3.2m,g取10m/s2,求 (1)要使小弹珠恰好不脱离圆弧轨道运动到B点,在B位置小滑块受到半圆轨道的支持力的大小; (2)在(1)问的情况下,求小弹珠落点到C点的距离? (3)若在斜面中点竖直立一挡板,在不脱离圆轨道的前提下,使得无论弹射速度多大,小弹珠不是越不过挡板,就是落在水平地面上,则挡板的最小长度d为多少? 21.(12分)质谱仪是测量带电粒子的质量和分析同位素的重要工具,某实验小组利用质谱仪分析某气体原子的组成,让该中性气体分子进入电离室A,在那里被电离成电子和+1价的正离子,这些离子从电离室缝S1飘出(初速度不计),分2次分别进入电场方向相反的加速电场被加速,然后让离子从缝S2垂直进入匀强磁场,观察发现一部分粒子打在底片上的P点。已知缝S2与P之间的距离为x1=2.0cm,另外一部分粒子打在底片上的Q点,已知缝S2与Q点间在沿S2P方向上距离为x2=6.4cm,磁场宽度为d=30cm,质子的质量为mp,假设中子的质量mn=mp,且约为电子质量me的1800倍,即mn=mp=1800me.则: (1)正离子质量与电子质量之比; (2)试确定这种气体原子核内核子数。 22.(14分)如图所示,水平光滑的平行金属导轨MM′,MN′,导轨间距L,左端与电阻相连接,电阻阻值为R,匀强磁场竖直向下分布在导轨所在的空间内,磁感应强度为B,质量为m的金属棒在垂直导轨的方向上静止在导轨上,设导轨与捧的电阻均不计,g取10m/s2,则: (1)如图1在棒上施加一个垂直棒的恒力F,求金属棒所能达到的最大速度wm的大小; (2)将电阻R换成电容器,电容为C,在棒上施加一个垂直棒的恒力F,如图2所示,当金属棒右移x时(未离开磁场,电容器充电时间不计,此时电容器未被击穿),求此时电容器的带电量q (3)不加恒力F,使棒以一定的初速度向右运动,如图3所示,当其通过位置a时速率表示为va,通过位置b时速率表示为vb(注:va、vb未知),到位置c时棒刚好静止,a、b与b、c的间距相等,以金属棒在由a→b和b→c的两个过程中,回路中产生的电能Eab与Ebc之比为多大? 2018-2019学年浙江省宁波市慈溪市高三(上)期末物理试卷 参考答案与试题解析 选择题1(本题共15小题,每小题3分,共45分。在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是正确的,不选、多选、错选均不得分) 1.【解答】解:AD、电势差只有大小,没有方向,是标量,故AD错误。 B、线速度既有大小又有方向,运算法则是平行四边形定则,知线速度是矢量,故B正确。 C、电流虽有方向,但电流运算时不遵守矢量的运算法则:平行四边形定则,所以电流是标量,故C错误。 故选:B。 2.【解答】解:A、质点是理想化的物理模型,物体的大小、形状对所研究的问题没有影响或影响很小时,物体才可以看做质点,所以研究孙杨的技术动作时,孙杨的形状不能忽略,即孙杨不能看做质点,故A正确; B、“2016年8月6日早上7:00”对应时间轴上的点,指的是时刻。故B错误; C、孙杨在游泳过程中,以游泳池为参考系,他是运动的,故C错误; D、200米游泳比赛的位移是0,根据平均速度定义式可知平均速度也是0,故D错误。 故选:A。 3.【解答】解:A、a点的场强大小为a点试探电荷受到的力与试探电荷的电荷量的比值,故A错误; B、为非匀强电场,U=Ed不适用,故B错误; C、点电荷产生的场强大小为E=,其中q为点电荷,d为到该点电荷的距离,故C错误; D、从a到b电场力做功为W=qU,所以电势差U=,故D正确。 故选:D。 4.【解答】解:A、人在体重计上站起的瞬间,加速度方向向上,处于超重状态,指示针的示数会变大,故A正确; B、小球在碗中做匀速圆周运动,靠合力提供向心力,合力的方向始终指向圆心是变力,故B错误; C、伞对飞机的拉力与飞机对伞的拉力是一对作用力和反作用力,大小相等,故C错误; D、运动员在弯道处,若地面摩擦力突然消失,他将沿切线方向“离心”而去,故D错误。 故选:A。 5.【解答】解:A、图甲为电容器充电过程,充完电后电容器上极板与电源的正极相连,同时两极板间的电压 U 等于电源的电 动势 E,故A正确; B、图乙为电容器放电过程,放电过程中电流大小随电量的变化而变化,故B错误; C、图丙为电解电容器的实物图和符号,图丁为可变电容器及其符号,前者电容器使用时严格区分正负极,后者没有,故C错误; D、图戊中的电容器上有“5.5V1.0F”字样,说明该电容器两端电压最大值为 5.5V,而电容与电容器的电压,及电量均无关,总是为1.0F,故D错误; 故选:A。 6.【解答】解:AB、运动员竖直起跳,由于本身就有水平初速度,所以运动员既参与了水平方向上的匀速直线运动,又参与了竖直上抛运动。各分运动具有等时性,水平方向的分运动与滑板的运动情况一样,最终落在滑板的原位置。所以竖直起跳时,对滑板的作用力应该是竖直向下。故A正确,B错误, C、运动员在空中最高点速度为0,只受重力,则处于完全失重状态,则C正确 运动员在起跳的过程中向上加速,故支持力大于重力,而支持力和压力是相互作用力,等大、反向、共线,故压力大于重力,故B错误; D、运动员在空中运动,加速度为g,则单位时间内的速度的变化量相同,但速率的变化不一定相同,则D错误 故选:AC。 7.【解答】解:A、电场是客观存在的物质,但电场线是为了形象的描述电场而画上的,实际是不存在的,故A错误; B、电场线的疏密表示电场的强弱,根据E=可知,B处电荷电量大,电场线的方向总是从正电荷出发终止于负电荷,即B和C处两点电荷电性相反,故B错误; C、由点电荷电场强度的公式:E=和电场的叠加,易得A点和D点的电场强度并不等于零,故C错误; D、AB间电场方向未知,带负电的试探电荷从A移到B,电场力做功正负无法判断,故D正确。 故选:D。 8.【解答】解:高三同学体重大约60kg,引体向上时向上运动的位移大约0.5m,则克服重力做功的平均功率P==W≈180W 故选:C。 9.【解答】解:A、高分四号卫星是一颗相对地球赤道某位置静止的光学遥感卫星,则高分四号卫星为同步卫星,周期等于24小时。故A错误; BCD、设卫星的质量为m,轨道半径为r,地球的质量为M,卫星绕地球匀速做圆周运动,由地球的万有引力提供向心力,则得: G=mr=m=ma 得:T=2π,v=,a= 可知,卫星的轨道半径越小,周期越小,而角速度、线速度和向心加速度越大,“高分五号”的轨道半径比“高分四号”的小,所以“高分五号”的周期较小,而线速度与向心加速度较大,故C正确,BD错误。 故选:C。 10.【解答】解:A、要使电流表正常工作,金属杆应向下移动,所受的安培力应向下,由左手定则知金属杆中的电流方向应从M至N,故A错误。 B、当该电流表的示数为零时,MN与ab边重合,弹簧的弹力与杆的重力平衡,弹簧处于伸长状态,故B错误。 CD、设当电流表示数为零时,弹簧的伸长量为x0,由平衡条件得: mg=k?x0;解得:x0=,当电流为I时,安培力为:FA=BIL1; 静止时弹簧伸长量的增加量为 x,根据胡克定律△F=k△x,得:△x==∝I 故该电流表的刻度是均匀; 当△x=L2时,I=Im,则有 BImL1=kL2,得Im=,故C正确,D错误。 故选:C。 11.【解答】解:A、小球由B经C到D点的受力与由B经A到D点的受力对称,那么,两段运动对称,运动时间相等,故A错误; B、卫星在近地点附近的速度较大,那么,由B′经C′到D′点的轨迹与由D′经A′到B′点的轨迹对称,所以,在近地侧即由D′经A′到B′点的运动时间较短,故B错误; C、小球运动过程只有弹簧弹力做功,故小球机械能守恒,在A点弹簧弹力较大,故动能较小,速度较小,故C正确; D、卫星在C点做向心运动,故外力大于向心力,所以,加速度大小大于向心加速度大小,故D错误; 故选:C。 12.【解答】解:A、由于中心放一个圆柱形电极接电源的负极,沿边缘放一个圆环形电极接电源的正极,在电源外部电流由正极流向负极,因此电流由边缘流向中心;器皿所在处的磁场竖直向上,由左手定则可知,导电液体受到的磁场力沿逆时针方向,因此液体沿逆时针方向旋转;故A错误; B、电压表的示数为1.5V,则根据闭合电路的欧姆定律:E=U+IR0+Ir,所以电路中的电流值:I===0.3A, 液体所受的安培力大小为:F=BIL=BIa=0.1×0.3×0.05=1.5×10﹣3N.故B错误; C、液体的等效电阻为R=0.9Ω,10s内液体的热能Q=I2Rt=0.32×0.9×10=0.81J.故C错误; D、玻璃皿中两电极间液体的等效电阻为R=0.9Ω,则液体热功率为P热=I2R=0.32×0.9=0.081W,故D正确。 故选:D。 13.【解答】解:A、人与地球构成的系统,由于只有重力做功,故系统机械能守恒,故A错误; B、与球心的距离为r时,万有引力为:F=G,M′=πr3ρ,所以F=r∝r;故B错误; C、人从北极开始下落,直到经过地心的过程中,万有引力对人做功: W=?R 其中:==mg 联立解得: W=mgR=×50×10×6.4×106=1.6×109J,故C错误; D、人从下落到距地心R过程,万有引力的平均值为:=(mg+mg)=mg 根据动能定理,有:?=mv2 解得: v==m/s=4×103m/s,故D正确; 故选:D。 14.【解答】解:宁波的常住人口约760万人,平均每户的人口按3人计算,温州大约250万户家庭, 所有用电器待机的总功率为:P=2×10+20+2×40+40=160W, 宁波地区待机一年的耗电量为:W=250×104×160×10﹣3×365×24kWh=3×109度,故C正确,ABD错误。 故选:C。 15.【解答】解:AB、由图可知:根据U=Ed可知: 左侧电场强度为:E1=V/m=2.0×103V/m 右侧电场强度为:E2=V/m=4.0×103V/m 所以x轴左侧电场强度和右侧电场强度的大小之比E1:E2=1:2,故B错误; D、该粒子运动过程中电势能的最大值为:EPm=qφm=﹣2×10﹣8J,由能量守恒得当电势能为零是动能最大,最大动能为Ekm=2×10﹣8J,故D正确; C、设粒子在原点左右两侧运动的时间分别为t1、t2,在原点时的速度为vm, 由运动学公式有:vm=t1 同理可知:vm=t2 Ekm=mvm2 而周期:T=2(t1+t2) 联立以上各式并代入相关数据可得: T=3.0×10﹣8s;故C错误。 故选:D。 二、选择题Ⅱ(本题共3小题.每小题3分,共9分.在每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对的得3分,选不全的得1分,有选错或不答的得0分) 16.【解答】解:A、多普勒效应中由于波源的移动而使接收到的频率变化;故该技术利用的是多普勒效应,则A错误 B、海市蜃楼是一种因为光的折射和全反射而形成的自然现象,则B正确 C、牛顿环是两个玻璃表面间的空气膜引起薄膜干涉形成的,亮暗相间的环状条纹距离不相等,离中心越远,间距越大,则C错误 D、单缝越窄,中央亮纹越宽,是因为位置不确定量越小,动量不确定量越大的缘故,则D正确 故选:BD。 17.【解答】解:A、由图甲可得:波长λ=8m,由图乙可得:周期T=4s,故波速,故A正确; B、根据波向右传播,由图甲可得:t=2s时刻,质点a向上振动,质点b向下振动,故速度方向不同,故B错误; C、波源频率,观察者向波源运动,故接收到波的频率大于波源频率,即接收到该波的频率大于0.25Hz,故C错误; D、若该波在传播过程中遇到尺寸为7m的障碍物,障碍物尺寸和波长相近,故会发生明显的衍射现象,故D正确; 故选:AD。 18.【解答】解:A、甲图中,两球碰撞过程动量守恒,碰撞过程机械能不增加,如果两球质量相等,则碰撞后m2的速度不大于v,故A错误; B、乙图中,图中光的颜色保持不变的情况下,光照越强,光电子数目越多,则饱和光电流越大,故B正确; C、丙图中,由左手定则可知,甲带正电,则甲射线由α粒子组成,乙不带电,射线乙是γ射线,丙射线粒子带负电,则丙射线由电子组成,故C错误; D、图4中链式反应属于重核裂变,故D正确; 故选:BD。 三、计算题(本题共4小题,共46分.解答过程应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.) 19.【解答】解:(1)设冰壶在起点线,冰壶的加速度大小为a,由牛顿第二定律得: μmg=ma 解得:a=0.15m/s2 从A 到D的过程由速度位移的关系式得: v02=2axAD 解得:v0=2.92m/s 设从A到B的时间为t,由位移公式得: xAB=v0t﹣at2 解得:t=10.2s(另一解舍去) (2)从C到D的过程由动能定理得: W﹣μmgxCD=0 解得:W=109.8J 答:(1)冰壶离开起点线.8J的功。 20.【解答】解:(1)弹珠恰好通过最高点A时,由牛顿第二定律有:mg=m 从A点到B点由机械能守恒律有:mg×2R= 在B点时再由于牛顿第二定律有:FN﹣mg=m 联立以上几式可得:FN=5.5N,vB=m/s, (2)弹珠从B至C做匀速直线运动,从C点滑出后做平抛运动,若恰能落在D点 则水平方向:x=v′Bt 竖直方向:y=H= 又:x=y 解得:v′B=4m/s 而vB>v′B=4m/s,弹珠将落在水平地面上, 弹珠做平抛运动竖直方向:H=,得t=0.8s 则水平方向:x=vBt=m 故小球落地点距c点的距离:s= 解得:s=6.2m (3)临界情况是小球擦着挡板落在D点,经前面分析可知,此时在B点的临界速度:v′B=4m/s 则从C点至挡板最高点过程中水平方向:x=v′Bt 竖直方向:y′=﹣d= 又:x= 解得:d=0.8m 答:(1)要使小弹珠恰好不脱离圆弧轨道运动到B点,在B位置小滑块受到半圆轨道的支持力的大小是5.5N; (2)在(1)问的情况下,小弹珠落点到C点的距离是6.2m; (3)挡板的最小长度d为0.8m。 21.【解答】解:(1)根据左手定则知达到P点的粒子为负电荷,轨道半径为r1=x1=0.01m, 对于电子在磁场中运动ev1B= 电子在电场中加速:eU=﹣0 解得:me= 到达Q点的为正离子,r=d2+(r2﹣x2)2 解得:r2=0.735m 设正离子的质量为m,同理得:m= 所以:==5402 (2)因为m=5402me 即:m=mp=3mp 所以这种气体原子核内核子数是3。 答:(1)正离子质量与电子质量之比为5402; (2)这种气体原子核内核子数是3。 22.【解答】解:(1)金属棒受到的安培力:F安培=BIL=, 金属棒做匀速直线运动时速度最大,由平衡条件得:F=, 解得:vm=; (2)金属棒运动过程产生感应电动势:E=BLv, 电容器两极板间电压:U=E=BLv, 导体棒受到的安培力:F安培=BIL, 电容器所带电荷量:q=CU, 充电电流:I====CBLa, 对金属棒,由牛顿第二定律得:a===, 解得:a=, 金属棒做初速度为零的匀加速直线运动,位移:x=, 解得:t=, 金属棒向右移动x时,金属棒的速度:v=at=, 感应电动势:E=BLv=BL, 电容器的电荷量:q=CU=CE=CBL; (3)通过金属棒的电荷量:q==t=t=, 由题意可知:a、b与b、c的间距d相等,B、L、R相同, 则金属棒在由a→b与b→c的两个过程中通过棒横截面的电量q相等,即:q1=q2, 对金属棒,由动量定理得: 从a→b:BI1L?△t1=mva﹣mvb, 从b→c:BI2L?△t2=mvb﹣0, 其中:q1=I1?△t1,q2=I2?△t2, 由于:q1=q2,解得:va=2vb, 由能量守恒定律得:mva2=mvb2+Eab, mvb2=Ebc+mvc2,其中:vc=0, 解得:Eab=3Ebc,则Eab:Ebc=3:1; 答:(1)金属棒所能达到的最大速度大小为; (2)此时电容器的带电量q为CBL; (3)金属棒在由a→b和b→c的两个过程中,回路中产生的电能Eab与Ebc之比为3:1。

http://prismdecor.com/bingshexian/9.html
锟斤拷锟斤拷锟斤拷QQ微锟斤拷锟斤拷锟斤拷锟斤拷锟斤拷锟斤拷微锟斤拷
关于我们|联系我们|版权声明|网站地图|
Copyright © 2002-2019 现金彩票 版权所有